Từ PT thứ nhất ta suy ra
$\begin{cases}0\le x^2 \le 1 \\ 0\le y^2 \le 1 \end{cases}\Leftrightarrow \begin{cases}0\le x^{10} \le x^8 \\ 0\le y^{10} \le y^8 \end{cases}\Rightarrow x^{10}+y^{10} \le x^8+y^8$
Như vậy kết hợp với PT thứ hai ta phải có
$\begin{cases}x^{10}= x^8 \\  y^{10} = y^8\\x^2+y^2=1 \end{cases}\Leftrightarrow (x,y) \in \left\{ {(0,\pm1), (\pm1,0)} \right\}$

3.
a) Trong $1000$ số từ $0$ đến $999$ có $334$ số chia hết cho $3$, có dạng $3k, 0\le k \le 333$.
Suy ra xác suất cần tìm là $\frac{334}{1000}$
a) Trong $1000$ số từ $0$ đến $999$ có $200$ số chia hết cho $5$, có dạng $5k, 0\le k \le 199$.
Suy ra xác suất cần tìm là $\frac{200}{1000}=\frac{1}{5}$

1.
a) $(3-2y)^5=\sum_{k=0}^{5}C_5^k3^{5-k}(-2y)^k=$

b) Tương tự
$\left ( 2x^2-\frac{1}{x} \right )^6=\sum_{k=0}^{6}C_6^k(2x^2)^{6-k}(-\frac{1}{x})^k=$

Điều kiện $x \ne -2$.
Loga cơ số $2$ hai vế ta được PT
$\Leftrightarrow \frac{3x}{x+2}=\log_2 36+(2-x)\log_23$
$\Leftrightarrow 3x=\log_2 36(x+2)+(2-x)(x+2)\log_23$
$\Leftrightarrow  3x=\log_2 36(x+2)+(2-x)(x+2)\log_23$
$\Leftrightarrow  3x=\log_2 36(x+2)+(4-x^2)\log_23$
$\Leftrightarrow  x^2\log_23+x(3-\log_2 36)-(2\log_2 36+4\log_23)=0$
Pt này có $\Delta =(3-\log_2 36)^2+4\log_23(2\log_2 36+4\log_23)$
Vậy Pt có nghiệm
$\displaystyle{x=\frac{\log_2 36-3\pm\sqrt{(3-\log_2 36)^2+4\log_23(2\log_2 36+4\log_23)}}{2\log_23}}$

Ta có
$ \frac {a^2 +b^2}{a +b} = \frac {a +b}{2} +\frac {(a -b)^2}{2(a +b)} \ge \frac {a +b}{2} +\frac {(a -b)^2}{2(a +b +c)}$
suy ra
$\sum \frac {a^2 +b^2}{a +b} \ge (a +b +c) +\frac {a^2 +b^2 +c^2 -(ab +bc +ca)}{a +b +c}$
Ta cần chứng minh
$ (a +b +c) +\frac {a^2 +b^2 +c^2 -(ab +bc +ca)}{a +b +c} \ge 3 $
$\iff$$ 2(a^2 +b^2 +c^2) +(ab +bc +ca) \ge 3(a +b +c) =\sqrt {3(a^2 +b^2 +c^2)}(a +b +c)$
$\iff$$ \frac {(a +b +c)^2 +3(a^2 +b^2 +c^2)}{2} \ge \sqrt {3(a^2 +b^2 +c^2)}(a +b +c)$
 nhưng đây là điều hiển nhiên đúng vì theo BĐT Cô-si.

Ta có
$\sqrt{2x^{2}-2x+5}=\sqrt{2\left ( x-\frac{1}{2} \right )^2+\frac{9}{2}} \ge \frac{3}{\sqrt 2}$
$\sqrt{2x^{2}-6x+9}=\sqrt{2\left ( x-\frac{3}{2} \right )^2+\frac{9}{2}} \ge \frac{3}{\sqrt 2}$
Suy ra
$\sqrt{2x^{2}-2x+5}+\sqrt{2x^{2}-6x+9} \ge 3\sqrt 2 >4$
Như vậy PT đã cho vô nghiệm.

Ta có
$\sum_{k=0}^{n}(3k+1)=3\sum_{k=0}^{n}k+n+1=3\frac{n(n+1)}{2}+n+1=\frac{(n+1)(3n+2)}{2}$
$\sum_{k=0}^{n}(2k+3)=2\sum_{k=0}^{n}k+3(n+1)=2\frac{n(n+1)}{2}+3(n+1)=(n+1)(n+3)$
Do đó
$a_n=\frac{3n+2}{2(n+3)}\Rightarrow \mathop {\lim }\limits_{n \to +\infty}a_n=\frac{3}{2}$